计算机三级（网络技术）机试历年真题试卷汇编11
选择题
1.下列技术中，不属于无线接入技术的是( )。(B)
A. Ad hoc
B. Netflow
C. Wi-Fi
D. WiMAX
解析：NetFlow是一种数据交换方式，由Cisco创造。一个NetFlow系统包括3个主要部分：探测器、采集器和报告系统。探测器用来监听网络数据。采集器用来收集探测器传来的数据。报告系统是用来通过采集器收集到的数据产生易读的报告的。因此，本题答案选择B选项。
2.下列关于接入技术特征的描述中，正确的是( )。(C)
A. ADSL技术具有对称带宽特性
B. 远距离无线带宽接入网采用IEEE 802．11 ac ware 1标准
C. 光纤传输系统的中继距离可达100 km以上
D. Cable Modem利用波分复用的方法，将信道分为上行和下行信道
解析：ADSL非对称数字用户线，具有非对称性，即上行和下行的速率是不同的。远距离无线宽带接入网采用IEEE 802．16标准。Cable Modem利用频分复用的方法，将信道分为上行信道和下行信道。因此，本题答案选择C选项。
3.下列关于RPR技术的描述中，正确的是( )。(D)
A. 环中每一个节点都执行DPT公平算法
B. RPR环能够在30 ms内实现自愈
C. RPR环将沿逆时针方向传输的光纤环叫作外环
D. RPR的内环与外环都可以传输数据分组与控制分组
解析：RPR(Resilient Packet Ring，弹性分组环)采用自愈环的设计思想，能够在50 ms的时间内，隔离出现故障的节点和光纤段，环中每一个节点都执行SRP公平算法，两个RPR节点之间的裸光纤最大长度为100 km，RPR将沿顺时针传输的光纤环叫作外环，将沿逆时针传输的光纤环叫作内环，RPR内环与外环都可以传输数据分组与控制分组。因此，本题答案选择D选项。
4.ITU标准的OC-3和OC-12的传输速率分别为( )。(B)
A. 51．84 Mbps和155．52 Mbps
B. 155．52 Mbps和622．08 Mbps
C. 155．52 Mbps和1．244 Gbps
D. 838．06 Mbps和1．644 Gbps
解析：OC-n：Optical Carrier level n(光载体等级)。“OC”是optical Carrier的缩写，这是光纤传输的一种单位，它通常表示为OC-n，其中，n是多路传输技术中基本速率51．84 Mbps的倍数。根据计算，ITU标准OC-3和OC-12的传输速率为3×51．84 Mbps=155．52 Mbps和12×51．84 Mbps=622．08 Mbps。因此，本题答案选择B选项。
5.下列关于路由器技术指标的描述中，正确的是( )。(D)
A. 突发处理能力是以最小帧间隔值来衡量的
B. 吞吐量指的是路由器的路由表容量
C. 语音、视频业务对延时抖动要求较高
D. 端口数决定了路由器的吞吐量
解析：吞吐量是指路由器的包转发能力。背板是路由输入端与输出端之间的物理通道。背板能力决定了路由器的吞吐量。由于数据包对延时抖动要求不高，所以通常不把延时抖动作为衡量高速路由器的主要指标，但是语音、视频业务对延时抖动要求较高。突发处理能力是以最小帧间隔发送数据包而不引起丢失的最大发送速率来衡量的。因此，本题答案选择D选项。
6.一台交换机具有24个10／100 Mbps端口和2个1 000 Mbps端口，如果所有端口都工作在全双工状态，那么交换机总带宽应为( )。(D)
A. 4．4 Gbps
B. 6．4 Gbps
C. 6．8 Gbps
D. 8．8 Gbps
解析：全双工端口带宽的计算方法是：端口数×端口速率×2。即24×100 Mbps×2+2×1 000 Mbps×2=8．8 Gbps。因此，本题答案选择D选项。
7.若服务器系统可用性达到99．99％，那么每年的停机时间必须小于等于( )。(C)
A. 5分钟
B. 10分钟
C. 53分钟
D. 8．8小时
解析：如果系统高可靠性达到99．9％，那么每年的停机时间≤8．8小时；系统高可靠性达到99．99％，那么每年的停机时间≤53分钟；如果系统高可靠性达到99．999％，那么每年的停机时间≤5分钟。因此，本题答案选择C选项。
8.IP地址块59．67．159．125／11的子网掩码可写为( )。(C)
A. 255．128．0．0
B. 255．192．0．0
C. 255．224．0．0
D. 255．240．0．0
解析：由IP地址块59．67．159．125／11可知，网络号为前11位，则子网掩码为前11位全1，后21位为0，即为11111111 11100000 00000000 00000000，点分十进制为255．224．0．0。因此，本题答案选择C选项。
9.下图是网络地址转换NAT的一个示例。
(A)
A. 59．67．15．21，5511和10．0．0．1，3142
B. 10．0．0．1，3142和59．67．15．21，5511
C. 147．2．1．1，80和10．0．0．1，3142
D. 10．0．0．1，3142和147．2．1．1，80
解析：由图可以看出由内部主机发出的数据帧，源地址(S)为内部主机专用地址10．0．0．1，经过NAT进行地址转换，转换后的IP地址(S)为59．67．15．21。因此，本题答案选择A选项。
10.IP地址块202．113．79．128／27、202．113．79．160／27和202．113．79．192／27经过聚合后可用的地址数为( )(B)
A. 64
B. 92
C. 126
D. 128
解析：地址块202．113．79．128／27可表示为11001010 01110001 01001111 10000000，地址块202．113．79．160／27可表示为11001010 01110001 01001111 10100000，地址块202．113．79．192／27可表示为11001010 01110001 01001111 11000000。
从以上三个地址块的二进制形式中可以看出，前两个IP地址的前26位是完全相同的。因此该两个地址块聚合后是202．113．79．128，聚合后的主机位是6位，可用地址数是26-2=62个，第三个IP地址可用的主机数为25-2=30个，故经过聚合后可用的地址数是92个。因此，本题答案选择B选项。
11.下列对IPv6地址FA32：0：0：0801：FE：0：0：A150的简化表示中，错误的是( )。(A)
A. FA32：：801：FE：0：0：A15
B. FA32：：801：FE：0：0：A150
C. FA32：0：0：801：FE：：A150
D. FA32：0：0：0801：FE：：A150
解析：IPv6采用128位地址长度，每16位划分为一个位
本文档预览：3600字符，共26133字符，源文件无水印，下载后包含无答案版和有答案版，查看完整word版点下载
