计算机三级（网络技术）机试历年真题试卷汇编14
选择题
1.下列关于RPR技术的描述中，错误的是( )。(A)
A. 在RPR环中，源节点向目的节点成功发出的数据帧要由源节点从环中收回
B. RPR与FDD1一样使用双环结构
C. RPR环中每一个节点都执行SRP公平算法
D. RPR能够在50 ms内隔离出现故障的节点和光纤段
解析：RPR数据帧要由目的节点从环中收回，并非源节点，从而不再占用下游段的环带宽，提高了环带宽的利用率。因此，本题答案选择A选项。
2.下列各项中不属于无线接入技术的是( )。(A)
A. APON
B. Ad hoc
C. WiMAX
D. Wi-Fi
解析：APON是ATM和PON相结合的产物。PON即无源光纤网络(无源的光接入网)，其光配线网(ODN)上的器件全部由无源器件组成，不包含任何有源节点。在PON中采用ATM信元的形式来传输信息，称为APON。无线接入技术主要有：WLAN、WiMAX、Wi-Fi、WMAN和Ad hoe等。因此，本题答案选择A选项。
3.按照ITU标准，传输速率为622．080 Mbps的标准是( )。(B)
A. OC-3
B. OC-12
C. OC-48
D. OC-192
解析：无源光纤网(PON)是ITU(国际电信联盟)的SG15研究组在G．983建议“基于无源光纤网的高速光纤接入系统”进行标准化的。该建议分为两个部分：
(1)OC～3，155．520 Mbps的对称业务。
(2)上行OC-3，155．520 Mbps，下行OC-12，622．080 Mbps的不对称业务。
因此，本题答案选择B选项。
4.下列关于光纤同轴电缆混合网HFC的描述中，错误的是( )。(D)
A. HFC是一个双向传输系统
B. Cable Modem利用频分多路复用方法将信道分为上行信道与下行信道
C. Cable Modem传输方式分为对称式和非对称式两类
D. HFC通过Cable Modem将光缆与同轴电缆连接起来
解析：Cable Modem是专门为利用有线电视网进行数据传输而设计的。在发送端，它对数据进行调制，然后利用有线电视网同轴电缆允许的频率发送出去；在接收端，把调制后的信号进行解调，还原出数据。Cable Modem把用户计算机与有线电视同轴电缆连接起来；D选项错误。因此，本题答案选择D选项。
5.下列关于服务器技术的描述中，错误的是( )。(C)
A. 热插拔功能允许用户在不切断电源的情况下更换硬盘、板卡等
B. 集群系统中一台主机出现故障时不会影响系统的正常服务
C. 服务器的可用性用MTBF描述
D. 服务器磁盘性能表现在磁盘存储容量与I／O速度
解析：通常用平均无故障时间(MTBF)来度量系统的可靠性，用平均维修时间(MTBR)来度量系统的可维护性，而系统的可用性定义为：可用性=MTBF／(MTBF+MTBR)，C选项错误。路由器的可用性可用MTBF描述。因此，本题答案选择C选项。
6.若两台服务器系统可用性分别达到99．999％和99．9％，那么两台服务器每年的停机时间必须小于等于( )。(B)
A. 5分钟和53分钟
B. 5分钟和8．8小时
C. 10分钟和53分钟
D. 53分钟和8．8小时
解析：(1-停机时间(单位是小时)／(365×24))×100％=服务器可用性百分比。其中365指的是365天，24是每天24小时。分别带入公式的(1-n／(365×24))×100％=99．9％。得8．76小时，(1-n／(365×24))×100％=99．999％，得0．0876。即如果要保证服务器系统可用性达到99．999％和99．9％，系统的每年的停机时间要小于8．76小时和0．0876小时。5分钟约是0．0833小时，10分钟约是0．1666小时，53分钟约是0．883小时。因此，本题答案选择B选项。
7.一台交换机具有24个10／100 Mbps全双工端口和2个1000 Mbps全双工端口，如果所有端口都工作在全双工状态，那么该交换机总带宽为( )。(B)
A. 4．4 Gbps
B. 8．8 Gbps
C. 6．8 Gbps
D. 6．4 Gbps
解析：全双工端口带宽的计算方法是：端口数×端口速率×2。具有24个10／100 Mbps全双工端口最大带宽是24×100 Mbps×2=4 800 Mbps=4．8 Gbps，具有2个1 000 Mbps全双工端口最大带宽是2×1 000 Mbps×2=4 000 Mbps=4 Gbps。二者加起来其8．8 Gbps。因此，本题答案选择B选项。
8.IP地址192．168．15．136／21和172．16．15．5／22的子网掩码可分别写为( )。(B)
A. 255．255．240．0和255．255．248．0
B. 255．255．248．0和255．255．252．0
C. 255．255．252．0和255．255．254．0
D. 255．255．254．0和255．255．255．0
解析：／21表明子网掩码从左边第一位开始一共有21个1，即11111111．11111111．11111000．00000000，转换成十进制得255．255．248．0。同理可以求得／22的子网掩码是255．255．252．0。因此，本题答案选择B选项。
9.如果内网的某FTP服务器允许外网访问，其NAT转换过程如下图所示，那么外网主机通过浏览器访问该服务器时使用的URL是( )。
(A)
A. ftp：／／202．12．1．1：1423
B. ftp：／／192．168．33．11：20
C. ftp：／／135．2．1．1：5511
D. ftp：／／192．168．33．11
解析：NAT的工作原理是：当内部网络的一个专用地址需要访问外网时，NAT将其转换为Internet上唯一的外部公用地址+端口号。而当外部网络响应这个访问请求时只能是响应给外部公用IP地址+端口号，此时NAT技术再将外部公用地址+端口号转换为内部地址+端口号以成功访问。题目中的S为源地址，D为目标地址。根据解析，D选项没有端口号，可以排除。由(S=135．2．1．1，5511 D=202．12．1．1，1423)可以推测出目的主机+端口号是202．12．1．1，1423，源主机+端口号是135．2．1．1，5511，排除选项B和C。因此，本题答案选择A选项。
10.若企业分配给业务部和行政部的IP地址块分别为211．112．15．128／26和211．112．15．192／26，聚合后的地址块为( )。(C)
A. 211．112．15．0／24
B. 211．112．15．0／25
C. 211．112．15．128／25
D. 211．112．15．128．／24
解析：地址聚合是指把几个小网络合并为一个大网络，主要是通过修改子网位实现(增大)。具体方法是判断这些地址最左边的多少住相同的，具体步骤如下。
第一步：将地址转换为二进制格式，并将
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