2016年9月计算机三级（网络技术）机试真题试卷1
选择题
1.下列技术中，不属于无线接入技术的是( )。(B)
A. Adhoc
B. SDH
C. WiFi
D. WiMAX
解析：无线接入技术有无线局域网接入技术(WiFi)、无线城域网技术(WiMAx)和Ad hoe技术。SDH是一种将复接、线路传输及交换功能融为一体，并由统一网管系统操作的综合信息传送网络，是美国贝尔通信技术研究所提出来的同步光网络(SONET)。
2.下列关于接入技术特征的描述中，错误的是( )。(B)
A. ADSL技术具有非对称带宽特性
B. 远距离无线宽带接入网采用IEEE 802．15．4标准
C. 光纤传输系统的中继距离可达100km以上
D. Cable Modem利用频分复用的方法，将信道分为上行信道和下行信道
解析：在无线宽带接入网的结构中，远距离采用IEEE 802．16标准的WiMAX技术，可以在50km范围内提供最高70Mbit／s的传输速率，近距离采用IEEE 802．11标准的无线局域网WLAN。
3.下列关于RPR技术的描述中，错误的是( )。(C)
A. RPR的内环与外环都可以传输数据分组与控制分组
B. RPR环将沿顺时针方向传输的光纤环叫作外环
C. RPR环中每一个节点都执行DPT公平算法
D. RPR环能够在50ms内实现自愈
解析：RPR采用自愈环的设计思想，能够在50ms的时间内，隔离出现故障的节点和光纤段，RPR环中每一个节点都执行SRP公平算法，两个RPR节点之间的裸光纤最大长度为100km，RPR的内环与外环都可以传输数据分组与控制分组。
4.TTU标准OC-3和OC-12的传输速率分别为( )。(B)
A. 51．84Mbit／s和155．52Mbit／s
B. 155．52Mbit／s和622．08Mbit／s
C. 622．08Mbit／s和1．244Gbit／s
D. 1．244Gbit／s和2．488Gbit／s
解析：OC-n：Optical Cartier level n(光载体等级)。“OC”是Optical Carrier的缩写，这是光纤传输的一种单位，它通常表示为OC-n。其中，n是多路传输技术中基本速率51．84Mbit／s的倍数。根据计算，ITU标准OC-3和OC-12的传输速率分别为155．52Mbit／s和622．08Mbit／s。
5.下列关于路由器技术指标的描述中，错误的是( )。(D)
A. 吞吐量是指路由器的包转发能力
B. 背板能力决定了路由器的吞吐量
C. 语音、视频业务对延时抖动要求较高
D. 突发处理能力是以最小帧间隔值来衡量的
解析：突发处理能力是以最小帧间隔值发送数据包而不引起丢失的最大发送速率来衡量的。
6.两台交换机分别具有12个和16个10／1000Mbit／s全双工下联端口，它们的上联端口带宽至少应为( )。(B)
A. 0．6Gbit／s和0．8Gbit／s
B. 1．2Gbit／s和1．6Gbit／s
C. 2．4Gbit／s和3．2Gbit／s
D. 4．8Gbit／s和6．4Gbit／s
解析：全双工端口带宽的计算方法是：全双工端口带宽=端口数×端口速率×2。具有12个的10／1000Mbit／s全双工端口最大带宽=12×1000Mbit／s×2=24000Mbit／s=24Gbit／s；具有16个的10／1000Mbit／s全双工端口最大带宽=16×1000Mbit／s×2=32000Mbit／s=32Gbit／s。而在网络系统分层设计中，层次之间的上联带宽与下联带宽之比一般控制在1：20，因此该接入层交换机上联端口至少应分别为24Gbit／s÷20=1．2Gbit／s和32Gbit／s÷20=1．6Gbit／s。故选择B选项。
7.若两台服务器系统可用性分别达到99．999％和99．99％，那么两台服务器每年的停机时间必须小于等于( )。(B)
A. 5分钟和10分钟
B. 5分钟和53分钟
C. 10分钟和53分钟
D. 53分钟和8．8小时
解析：服务器可用性百分比的计算公式为：服务器可用性百分比=1-(停机时间(单位是小时)／(365×24))×100％，其中365指的是365天，24是指每天24小时。将题目中的数值分别带入公式：l-(x1／365×24)×100％=99．999％，解得x1=0．0876小时；1-x2／(365×24)×100％=99．99％，解得x2=0．876。因此，如果要保证服务器系统可用性达到99．999％和99．99％，系统的每年的停机时间要小于0．876小时和0．0876小时。5分钟约是0．0833小时，10分钟约是0．1666小时，53分钟约是0．883小时。故选B选项。
8.IP地址192．168．15．136／23和172．16．15．5／24的子网掩码可分别写为( )。(D)
A. 255．255．240．0和255．255．248．0
B. 255．255．248．0和255．255．252．0
C. 255．255．252．0和255．255．254．0
D. 255．255．254．0和255．255．255．0
解析：／23表明子网掩码从左边第一位开始一共有23个1，即11111111．11111111．111111 10．00000000，转换成十进制得255．255．254．0，同理可以求得,／24的子网掩码是255．255．255．0。故选D选项。
9.如果内网某Web服务器允许外网访问，其NAT转换过程如下图所示，那么外网主机正确访问服务器使用的URL是( )。
(B)
A. http：／／192．168．33．11：80
B. http：／／202．12．1．1：1423
C. http：／／135．2．1．1：55ll
D. http：／／135．2．1．1
解析：该题考查的是外部地址转换为内部地址的过程。NAT的工作原理是：当内部网络的一个专用地址需要访问外网时，NAT将其转换为Internet上唯一的外部公用地址+端口号。当外部网络响应这个访问请求时只能是响应给外部公用IP地址+端口号，此时NAT技术再将外部公用地址+端口号转换为内部地址+端口号，进而访问成功。题目中的S为源地址，D为目标地址。根据解析，选项D没有端口号，D选项可以排除。由(S=192．168．33．11，80 D=135．2．1．1，5511)可以推测出源主机+端口号是192．168．33．11，80，目的主机+端口号是135．2．1．1，5511，因此可以排除选项A和C，故选B选项。
10.某公司分配给人事部、培训部和销售部的IP地址块分别为192．67．159．224／27、192．67．159．208／28和192．67．159．192／28，这三个地址块经聚合后的地址块为( )。(C)
A. 192．67．159．192．／25
B. 192．67．159．224／25
C. 192．67．159．192／26
D. 192．67．159．224／26
解析：地址聚合是把几个小网
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